好难受啊掉\(rating\)了……

\(A\ Ilya\ and\ a\ Colorful\ Walk\)

找到最后一个与第一个颜色不同的，比一下距离，然后再找到最左边和最右边与第一个颜色不同的，再和所有与第一个颜色相同的比较一下距离

//minamoto#include
    
     #define R register#define fp(i,a,b) for(R int i=(a),I=(b)+1;i
     
      I;--i)#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)template
      
       inline bool cmax(T&a,const T&b){return a
       
        '9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);    for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');    return res*f;}char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}void print(R int x){    if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;    while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);    while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]='\n';}const int N=3e5+5;int a[N],n,mx,bg;int main(){//  freopen("testdata.in","r",stdin);    n=read();    fp(i,1,n)a[i]=read();    fp(i,1,n)if(a[i]!=a[1]){        cmax(mx,i-1);        if(!bg)bg=i;    }    fp(i,1,n)if(a[i]==a[1])cmax(mx,abs(bg-i));    bg=0;    fd(i,n,1)if(a[i]!=a[1]&&!bg){bg=i;break;}     fp(i,1,n)if(a[i]==a[1])cmax(mx,abs(bg-i));    printf("%d\n",mx);    return 0;}
       
      
     
    

\(B\ Alyona\ and\ a\ Narrow\ Fridge\)

首先二分答案。对于一种情况显然是\(sort\)之后从右往左两两分组最优，判一下就好了

//minamoto#include
    
     #define R register#define fp(i,a,b) for(R int i=(a),I=(b)+1;i
     
      I;--i)#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)template
      
       inline bool cmax(T&a,const T&b){return a
       
        '9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);    for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');    return res*f;}char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}void print(R int x){    if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;    while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);    while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]='\n';}const int N=1005;int a[N],st[N],top,n,h,l,r,mid,ans;bool ck(){    top=0;    fp(i,1,mid)st[++top]=a[i];    sort(st+1,st+1+top);    int res=0;    for(R int i=mid;i>=2;i-=2){        res+=max(st[i],st[i-1]);        if(res>h)return false;    }    if(mid&1)res+=st[1];    return res<=h;}int main(){//  freopen("testdata.in","r",stdin);    n=read(),h=read();    fp(i,1,n)a[i]=read();    l=1,r=n,ans=1;    while(l<=r){        mid=(l+r)>>1;        ck()?(ans=mid,l=mid+1):r=mid-1;    }    printf("%d\n",ans);    return 0;}
       
      
     
    

\(C\ Ramesses\ and\ Corner\ Inversion\)

发现操作之后最多只会使一行或一列的偶数个格子发生变化，那么只有在\(A\)和\(B\)的行列每行每列不同格子个数都是偶数时才可行

//minamoto#include
    
     #define R register#define fp(i,a,b) for(R int i=(a),I=(b)+1;i
     
      I;--i)#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)template
      
       inline bool cmax(T&a,const T&b){return a
       
        '9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);    for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');    return res*f;}char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}void print(R int x){    if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;    while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);    while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]='\n';}const int N=505;int A[N][N],B[N][N],r[N],c[N],n,m;int main(){//  freopen("testdata.in","r",stdin);    n=read(),m=read();    fp(i,1,n)fp(j,1,m)A[i][j]=read();    fp(i,1,n)fp(j,1,m)B[i][j]=read();    fp(i,1,n)fp(j,1,m)if(A[i][j]!=B[i][j])++r[i],++c[j];    fp(i,1,n)if(r[i]&1)return puts("No"),0;    fp(j,1,m)if(c[j]&1)return puts("No"),0;    puts("Yes");    return 0;}
       
      
     
    

\(D\ Frets\ On\ Fire\)

先把所有\(s_i\)升序排序，那么一行里有贡献的元素个数是\(\min\{s_{i+1}-s_i,r-l+1\}\)，对于\(s_n\)来说贡献就是\(r-l+1\)，所以我们记\(d_i=s_{i+1}-s_i\)，\(d_n=inf\)，然后\(sort\)一下，二分找到第一个\(\geq r-l+1\)的位置，前面的贡献是前缀和，后面的贡献是元素个数乘上\(r-l+1\)

//minamoto#include
    
     #define R register#define ll long long#define inf 2e18#define fp(i,a,b) for(R int i=(a),I=(b)+1;i
     
      I;--i)#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)using namespace std;char buf[1<<21],*p1=buf,*p2=buf;inline char getc(){return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;}ll read(){    R ll res,f=1;R char ch;    while((ch=getc())>'9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);    for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');    return res*f;}char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}void print(R ll x){    if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;    while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);    while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]=' ';}const int N=1e5+5;ll s[N],sum[N],l,r,w;int n,q,p;int main(){//  freopen("testdata.in","r",stdin);    n=read();    fp(i,1,n)s[i]=read();    sort(s+1,s+1+n);    fp(i,1,n-1)s[i]=s[i+1]-s[i];s[n]=inf;    sort(s+1,s+1+n);    fp(i,1,n)sum[i]=sum[i-1]+s[i];    q=read();    while(q--){        l=read(),r=read(),w=r-l+1;        p=lower_bound(s+1,s+1+n,w)-s-1;        print(sum[p]+w*(n-p));    }    return Ot(),0;}
     
    

\(E\ Pavel\ and\ Triangles\)

首先三角形只能是形如\((i,i,i)\)或者\((i,j,j)(i<j)\)

然后有个贪心，从小到大考虑，首先看看能不能和前面剩余的拼成形如\((i,j,j)\)的，然后再把所有能拼成\((i,i,i)\)的都拼了。证明并不会

//minamoto#include
    
     #define R register#define ll long long#define fp(i,a,b) for(R int i=(a),I=(b)+1;i
     
      I;--i)#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)using namespace std;char buf[1<<21],*p1=buf,*p2=buf;inline char getc(){return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;}int read(){    R int res,f=1;R char ch;    while((ch=getc())>'9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);    for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');    return res*f;}int n,x,las,mn;ll res;int main(){//  freopen("testdata.in","r",stdin);    n=read();    fp(i,1,n){        x=read(),mn=min(las,x>>1),x-=(mn<<1),res+=mn,las-=mn;        res+=x/3,x%=3,las+=x;    }    printf("%I64d\n",res);    return 0;}
     
    

剩下先咕了